Den zweiten Platz der Retro-Abteilung des 5. FIDE Worldcups (den ersten Platz hatte ich letzte Woche hier vorgestellt) belegte Nicolas Dupont mit einer Beweispartie.

Der dritte Platz ging an Andrej Frolkin mit einer tollen klassischen Auflöse-Aufgabe, die mich ähnlich begeistert hat wie Silvio Baiers Siegerstück.

 

Bei Weiß fehlt nur ein Stein, der auf der c-Linie geschlagen wurde: bxXc. Bei Weiß sieht man zunächst nur einen Schlag, nämlich gxXh, aber da Schwarz neben bxc keinen Schlag mehr zur Verfügung hat, kommt sBd2 schlagfrei von d7. Daher haben [Bd2] und [Be2] überkreuz geschlagen, womit zwei weitere Schläge erklärt sind.

Schaut man genauer hin, so stellt man fest, dass bei Weiß [Ba2] und [Bb2] fehlen: beide können nicht direkt von Schwarz geschlagen worden sein, müssen also beide umgewandelt haben. Einen der Umwandlungssteine sieht man noch auf dem Brett: wDf1 oder wDh1.

Hierfür ist der letzte weiße Schlag erforderlich: Entweder schlägt Weiß den störenden [Ba7] oder Weiß schlägt axb, sodass beide weißen Bauern auf b8 entwandeln müssen.

Der Ost-Käfig kann nur durch g7-g6 geöffnet werden; dies aber verlangt, dass der schwarzfeldrige schwarze Läufer auf f8 steht.

Der jedoch muss erst noch entschlagen werden: Das kann innerhalb des Käfigs natürlich nicht passiert sein, also muss Weiß irgendwie axLb auf einem schwarzen Feld zurücknehmen. Damit kann [Ba7] nicht direkt geschlagen worden sein, sondern er muss sich entwandeln.

Und damit wissen wir, dass [Ba2] auf b8 umwandeln musste, [Ba7] hingegen schlagfrei auf a1.

R 1.Sg2-h4++ ist als letzter Zug klar: Das Doppelschach muss aufgehoben werden, Weiß konnte auf g2 nicht schlagen.

Schwarz hat nun zwei Möglichkeiten, einen Zug zurückzunehmen: entweder Tg5-g4 oder c5-c4. Betrachten wir zunächst den ersten Fall: Dann muss dieser Turm auf a1 entwandeln, hierzu bedarf es eines weißen Schachschutzes. Das kann nur wLh8 sein, da die Springer weiter im Osten noch gebunden sind.

Dieser Läufer muss dann auf b8 entwandeln und dann als Bauer a5xLb6 zurücknehmen, damit der Läufer nach Hause kommen und dann die Rücknahme von g7-g6 erlauben kann.

Das schauen wir uns nun an:

R 1.Sg2-h4++ Tg5-g4 2.Sg4-e3+ Ta5-g5 3.Lb2-h8 Ta~-a5 -4.Lc1-b2 Ta1-a~ 5.La3-c1 a2-a1=T+ 6.Lc5-a3 a3-a2 7.La7-c5 a4-a3 8.Lb8-a7 a5-a4 9.b7-b8=L a6-a5 10.b6-b7 a7-a6! (warum geht nicht c6-c5?) 11.a5xLb6 Ld4-b6 12.a4-a5 Lg7-d4 13.a3-a4 Lf8-g7 14.a2-a3 (oder e3-e4) g7-g6 15.Lg6-h5 D~-f2 16.Sf2-g4+ usw.

Beginnen wir allerdings mit 1.– c5-c4, so muss die schwarze Dame freigespielt werden, damit sie entwandeln kann. Dafür braucht es aber eines Schachschutzes auf f2, der nur von Lh8 gegeben werden kann. Wenn die Dame auf a1 entwandelt, braucht Weiß wieder einen Schachschutz, der nur vom Se3 gegeben werden kann, der dann anschließend analog auf b8 entwandeln muss:

R 1.Sg2-h4++ c5-c4 2.Ld4-h8 c6-c5 3.Sc4-e3 Dh4-f2 4.Lf2-d4+ Df6-h4 5.Sa5-c4 De5-f6 6.Sb3-a5 Db2-e5 7.Sc1-b3! Da1-b2 8.Sb3-c1 a2-a1=D+ 9.Sc5-b3 a3-a2 10.Sa6-c5 a4-a3 11.Sb8-a6 a5-a4 12.b7-b8=S a6-a5 13.b6-b7 a7-a6! 14.a5xLb6 Ld4-b6 15.a4-a5 Lg7-d4 16.a3-a4 Lf8-g7 17.a2-a3 (oder e3-e4) g7-g6 18.Lg6-h5 usw.

Auch hier darf Schwarz noch nicht bxc zurücknehmen, da ja noch eine weiße Dame auf b8 entwandeln und schlagfrei als Bauer nach b2 zurückkehren muss.

Tolle, seltene und sehr einheitliche Doppelsetzung des Kisljak-Themas (siehe hierzu den Artikel von Andrej hier auf der Website) verbunden mit gemischtfarbiger Allentwandlung der 2×2 Themabauern a2 und a7.

[Ba7], der sich nun auch noch als thematisch herausgestellt hat, muss also in beiden möglichen Auflösungen (vergleichbar einem Zweispänner im Hilfsmatt) mit a7-a6 begonnen haben.

Auch das ist für mich ein sicherer Album-Kandidat, auch wenn z.B. der Weg des wS nicht ganz eindeutig ist.